高一物理加速度ppt

A. 高一物理（加速度）

第十一个小球刚从井口下落时，第一个小球刚好到井底-----------说明有11个质点，有10段时间间隔。又因为总运动时间T＝根号(2h/g)＝5s，故每段时间间隔为t＝0.5s

你错了，是因为根据h＝1/2gt^2得h与t的平方成正比，应该是x1：x2 ：x3：...xn=t^2：3t^2：5t^2...：（2n-1）t^2。错解的原因是因为你把h与t的关系弄错了……用这个方法也可以

正解如下：
逆向思维法，“倒过来看”
第11个球、第9个球、第7个球、第5个球、第3个球、第1个球，之间的高度比为：
1:3:5:7:9(也就是每0.5秒下落的高度之比)
而总高度高度是125m，（1+3+5+7+9）k＝125m……剩下的你应该明白，我就不说了，答案是35m

B. 高一物理加速度图像！

从公式中可以看出初速度为V0=4（因为4×t）
加速度a=-4（因为-2×t^2)
因此这个东西会在4+（-4）×t=0时候速度为零
这个时间t=1
所以从0～1做减速运动
1～5做反向的加速运动
0时候的位移为12
1时候的位移是14
这段时间的最大值为x=4t-2t2+12(m)t在0～1的最大值
最大值为：14（此时的t=1）
向左转|向右转

C. 高一物理加速度公式

V=Vo+at

几个重要推论:
(1) Vt2 - V02 = 2as (匀加速直线运动:a为正值 匀减速直线运动:a为正值)
(2) A B段中间时刻的即时速度:
Vt/ 2 == A S a t B
(3) AB段位移中点的即时速度:
Vs/2 =
匀速:Vt/2 =Vs/2 ; 匀加速或匀减速直线运动:Vt/2 初速为零的匀加速直线运动,在1s ,2s,3s……ns内的位移之比为12:22:32
……n2;在第1s 内,第 2s内,第3s内……第ns内的位移之比为1:3:5……
(2n-1); 在第1米内,第2米内,第3米内……第n米内的时间之比为1::
……(
初速无论是否为零,匀变速直线运动的质点,在连续相邻的相等的时间间隔内的位
移之差为一常数:s = aT2 (a一匀变速直线运动的加速度 T一每个时间间隔的时间)
竖直上抛运动: 上升过程是匀减速直线运动,下落过程是匀加速直线运动.全过程
是初速度为VO,加速度为g的匀减速直线运动.

D. 高一物理关于加速度的！！！

1、
对。
例如，一物体以200m/s做匀速直线运动,匀速运动，其加速度为零,但其速度200m/s非常快。

2、
对。
判断物体是加速还是减速的依据是:看加速度方向和速度方向是否相同。 相同是加速，相反是加速。
现在既然相同，则是加速运动,速度必定增大

3、
错。
加速度与速度无必然联系。
当你把一个物体抛向空中的时候，当物体达到最高点。速度为0，但是此时它的加速度还一样是重力G.

4、
错。
根据公式a=△v/t， 这里"速度变化量"指的是△v, △v大,a不一定大，还得看t的情况。
正确应说成"速度变化越快，加速度越大。"

E. 高一物理加速度。

第一问，从同一点出发的追击问题的关键就是，追上时，经过的时间和走的位移都是一样的，那么客车的位移S1=½at²（初速度为0）,货车的位移S2=Vt，那么S1=S2，得到式子½at²=Vt，可以解出追上的时间t，带入S1=½at²，可以解出S1。
第二问，两车的最大距离是在客车速度加到10的时候（因为之前，客车速度一直小于货车，所以距离越拉越大，当客车速度>10以后，距离开始不断缩小。）那么距离最大时的时间是,利用公式Vt=Vo+at1(Vo=0),解出t1,那么最大位移就是货车在t1时间内走的距离
S3-
客车在t1时间内走的距离S4,S3-S4=Vt1-½at1²

F. 高中必修一物理第一章怎样描述速度变化的快慢课件

高一物理《速度变化快慢的描述-加速度》典型案例解析
[例1]下列说法中正确的是 [ ]
A.物体运动的速度越大，加速度也一定越大
B.物体的加速度越大，它的速度一定越大
C.加速度就是“加出来的速度”
D.加速度反映速度变化的快慢，与速度无关
[分析] 物体运动的速度很大，若速度的变化很小或保持不变（匀速运动），其加速度不一定大（匀速运动中的加速度等于零）.
物体的加速度大，表示速度变化得快，即单位时间内速度变化量大，但速度的数值未必大.比如婴儿，单位时间（比如3个月）身长的变化量大，但绝对身高并不高。
“加出来的速度”是指vt-v0（或△v），其单位还是m/s.加速度是“加出来的速度”与发生这段变化时间的比值，可以理解为“数值上等于每秒内加出来的速度”.
加速度的表达式中有速度v0、v1，但加速度却与速度完全无关——速度很大时，加速度可以很小甚至为零；速度很小时，加速度也可以很大；速度方向向东，加速度的方向可以向西.
[答] D.
[说明] 要注意分清速度、速度变化的大小、速度变化的快慢三者不同的含义，可以跟小孩的身高、身高的变化量、身高变化的快慢作一类比.
[例2]物体作匀加速直线运动，已知加速度为2m/s2，那么在任意1s内 [ ]
A.物体的末速度一定等于初速度的2倍
B.物体的未速度一定比初速度大2m/s
C.物体的初速度一定比前1s内的末速度大2m/s
D.物体的末速度一定比前1s内的初速度大2m/s
[分析]在匀加速直线运动中，加速度为2m/s2，表示每秒内速度变化（增加）2m/s，即末速度比初速度大2m/s，并不表示末速度一定是初速度的2倍.
在任意1s内，物体的初速度就是前1s的末速度，而其末速度相对于前1s的初速度已经过2s，当a=2m/s2时，应为4m/s.
[答]B.
[说明]研究物体的运动时，必须分清时间、时刻、几秒内、第几秒内、某秒初、某秒末等概念.如图所示（以物体开始运动时记为t=0）。
[例3] 计算下列物体的加速度：
（1）一辆汽车从车站出发作匀加速运动，经10s速度达到108km/h.
（2）高速列车过桥后沿平直铁路匀加速行驶，经3min速度从54km/h提高到180km/h.
（3）沿光滑水平地面以10m/s运动的小球，撞墙后以原速大小反弹，与墙壁接触时间为0.2s.
[分析] 由题中已知条件，统一单位、规定正方向后，根据加速度公式，即可算出加速度.
[解] 规定以初速方向为正方向，则
对汽车v0=0，vt=108km/h=30m/s，t=10s，
对列车v0=54km/h=15m/s，vt=180km/h=50m/s，t=3min=180s.
对小球v0=10m/s，vt= -10m/s，t= 0.2s，
[说明] 由题中可以看出，运动速度大、速度变化量大，其加速度都不一定大，尤需注意，
不能认为，必须考虑速度的方向性.计算结果a3= -100m/s2，表示小球在撞墙过程中的加速度方向与初速方向相反，是沿着墙面向外的，所以使小球先减速至零，然后再加速反弹出去.速度和加速度都是矢量，在一维运动中（即沿直线运动），当规定正方向后，可以转化为用正、负表示的代数量.
应该注意：
物体的运动是客观的，正方向的规定是人为的.只有相对于规定的正方向，速度与加速度的正、负才有意义.。速度与加速度的量值才真正反映了运动的快慢与速度变化的快慢.所以，vA= -5m/s，vB= -2m/s，应该是物体A运动得快；同理，aA= -5m/s2，aB= -2m/s2，也应该是物体A的速度变化得快（即每经过1s速度减少得多），不能按数学意义认为vA比vB小，aA比aB小.
[例4]一个做匀变速直线运动的物体连续通过两段长s的位移所用时间分别为t1、t2，则该物体的加速度为多少?
[分析] 根据匀变速运动的物体在某段时间内的平均速度等于中点时刻瞬时速度的关系，结合加速度的定义.即可算出加速度.
[解]物体在这两段位移的平均速度分别为

它们分别等于通过这两段位移所用的时间中点的瞬时速度.由于两个时间
中点的间隔为，根据加速度的定义
可知：
[说明]由计算结果的表达式可知：当t1＞t2时，a＞0，表示物体作匀加速运动，通过相等位移所用时间越来越短；当t1＜t2时，a＜0，表示物体作匀减速运动，通过相等位移所用时间越来越长.
[例5]图1表示一个质点运动的v－t图，试求出该质点在3s末、5s末和8s末的速度.
[分析]利用v-t图求速度有两种方法：（1）直接从图上找出所求时刻对应的纵坐标，即得对应的速度值，再根据速度的正负可知此刻的方向；（2）根据图线求出加速度，利用速度公式算出所求时刻的速度.下面用计算法求解。
[解]质点的运动分为三个阶段：
AB段（0～4s）质点作初速v0=6m/s的匀加速运动，由4s内的速度变化得加速度：
所以3s末的速度为：
v3=v0＋at=6m/s＋（1.5×3）m/s=10.5m/s
方向与初速相同.
BC段（4～6s）质点以4s末的速度（v4=12m/s）作匀速直线运动，所以5s末的速度：
v5=12m/s
方向与初速相同.
CD段（6～12s）质点以 6s末的速度（即匀速运动的速度）为初速作匀减速运动.由6s内的速度变化得加速度：
因所求的8s末是减速运动开始后经时间t'=2s的时刻，所以8s末的速度为：
其方向也与初速相同.
[说明] 匀变速运动速度公式的普遍表达式是：
vt=v0+at
使用中应注意不同运动阶段的初速和对应的时间.在匀减速运动中，写成vt=v0-at后，加速度a只需取绝对值代入.
速度图象的斜率反映了匀变速直线运动的加速度.如图所示，其斜率
式中夹角α从t轴起以逆时针转向为正，顺时针转向为负.如图3中与图线1，2对应的质点作匀加速运动，与图线3对应的质点作匀减速运动.图线越陡，表示加速度越大，故a1＞a2.
[例6] 一个质点作初速为零的匀加速运动，试求它在1s，2s，3s，…内的位移s1，s2，s3，…之比和在第1s，第2s，第3s，…内的位移sⅠ，sⅡ，sⅢ，…之比各为多少？
[分析]初速为零的匀加速运动的位移公式为：
其位移与时间的平方成正比，因此，经相同时间通过的位移越来越大.
[解] 由初速为零的匀加速运动的位移公式得：

…
∴ sⅠ∶sⅡ∶sⅢ=1∶3∶5…
[说明]这两个比例关系，是初速为零的匀加速运动位移的重要特征，更一般的情况可表示为：在初速为零的匀加速运动中，从t=0开始，在1段、2段、3段……时间内的位移之比等于12∶22∶32… ；在第1段、第2段、第3段……时间内的位移之比等于从1开始的连续奇数比，即等于1∶3∶5…（图1））.
2.利用速度图线很容易找出例6中的位移之比.如图2所示，从t=0开始，在t轴上取相等的时间间隔，并从等分点作平行于速度图线的斜线，把图线下方的面积分成许多相同的小三角形.于是，立即可得：从t=0起，在t、2t、3t、…内位移之比为
s1∶s2∶s3…=1∶4∶9…
在第1个t、第2个t、第3个t、…内位移之比为
sⅠ∶sⅡ∶sⅢ∶…=1∶3∶5∶…
[例7] 一辆沿平直路面行驶的汽车，速度为36km/h.刹车后获得加速度的大小是4m/s2，求：
（1）刹车后3s末的速度；
（2）从开始刹车至停止，滑行一半距离时的速度.
[分析] 汽车刹车后作匀减速滑行，其初速度v0=36km/h=10m/s，vt=0，加速度a=-4m/s2.设刹车后滑行t s停止，滑行距离为S，其运动示意图如图所示.
[解]（1）由速度公式vt=v0+at得滑行时间：
即刹车后经2.5s即停止，所以3s末的速度为零.
（2）由位移公式得滑行距离.即
m
设滑行一半距离至B点时的速度为vB，由推论

[说明]（1）不能直接把t=3 s代入速度公式计算速度，因为实际滑行时间只有2.5s.凡刹车滑行一类问题，必须先确定实际的滑行时间（或位移）；（2）滑行一半距离时的速度不等于滑行过程中的平均速度.

G. 高一物理（加速度、位移）

设加速度为a，据x=v0t+1/2*a*t^2
前6s的位移为x6=12*6+1/2*a*36=72+18a，
前5s的位移为x5=12*5+1/2*a*25=60+12.5a，
前4s的位移为x4=12*4+1/2*a*16=48+8a，
第6s的位移为x6-x5=12+5.5a，
第5s的位移为x5-x4=12+4.5a，
据题意，第6秒内的位移比第5秒内的位移多4m，即a=4m/s^2，
物体5s末的速度是v5=v0+at=12+4*5=32m/s
物体5、6两秒内的位移是12+5.5a+12+4.5a=64m，
据x=v0t+1/2*a*t^2，物体从初位置到A所用时间t=1s，物体从初位置到B所用时间t'=2s，
所以，物体从14m的A点运动到32m的B点所用的时间是1s。
选AD。

H. 高一物理加速度，

^^s1=a1*t*t/2
v=a1*t
t`内=a1*t/a2
s1=a2*(t-t`)^容2/2-a2*(t`)^2/2
=a2*(t-a1*t/a2)^2/2-a2*(a1*t/a2)^2/2
=a2*(t^2-2a1t^2/a2)/2=a1t^2/2
a2*t^2=3*a1*t^2
a1:a2=1:3

I. 高一物理加速度

(1)24N，水平向左
（2）22.5+4=26.5

因为第一阶段的摩擦力水平向右，第二阶段的摩擦力水平向左。所以会出现一正一副。即第一阶段F+f=ma，第二阶段F-f=ma