高一物理加速度ppt

A. 高一物理（加速度）

第十一個小球剛從井口下落時，第一個小球剛好到井底-----------說明有11個質點，有10段時間間隔。又因為總運動時間T＝根號(2h/g)＝5s，故每段時間間隔為t＝0.5s

你錯了，是因為根據h＝1/2gt^2得h與t的平方成正比，應該是x1：x2 ：x3：...xn=t^2：3t^2：5t^2...：（2n-1）t^2。錯解的原因是因為你把h與t的關系弄錯了……用這個方法也可以

正解如下：
逆向思維法，「倒過來看」
第11個球、第9個球、第7個球、第5個球、第3個球、第1個球，之間的高度比為：
1:3:5:7:9(也就是每0.5秒下落的高度之比)
而總高度高度是125m，（1+3+5+7+9）k＝125m……剩下的你應該明白，我就不說了，答案是35m

B. 高一物理加速度圖像！

從公式中可以看出初速度為V0=4（因為4×t）
加速度a=-4（因為-2×t^2)
因此這個東西會在4+（-4）×t=0時候速度為零
這個時間t=1
所以從0～1做減速運動
1～5做反向的加速運動
0時候的位移為12
1時候的位移是14
這段時間的最大值為x=4t-2t2+12(m)t在0～1的最大值
最大值為：14（此時的t=1）
向左轉|向右轉

C. 高一物理加速度公式

V=Vo+at

幾個重要推論:
(1) Vt2 - V02 = 2as (勻加速直線運動:a為正值 勻減速直線運動:a為正值)
(2) A B段中間時刻的即時速度:
Vt/ 2 == A S a t B
(3) AB段位移中點的即時速度:
Vs/2 =
勻速:Vt/2 =Vs/2 ; 勻加速或勻減速直線運動:Vt/2 初速為零的勻加速直線運動,在1s ,2s,3s……ns內的位移之比為12:22:32
……n2;在第1s 內,第 2s內,第3s內……第ns內的位移之比為1:3:5……
(2n-1); 在第1米內,第2米內,第3米內……第n米內的時間之比為1::
……(
初速無論是否為零,勻變速直線運動的質點,在連續相鄰的相等的時間間隔內的位
移之差為一常數:s = aT2 (a一勻變速直線運動的加速度 T一每個時間間隔的時間)
豎直上拋運動: 上升過程是勻減速直線運動,下落過程是勻加速直線運動.全過程
是初速度為VO,加速度為g的勻減速直線運動.

D. 高一物理關於加速度的！！！

1、
對。
例如，一物體以200m/s做勻速直線運動,勻速運動，其加速度為零,但其速度200m/s非常快。

2、
對。
判斷物體是加速還是減速的依據是:看加速度方向和速度方向是否相同。 相同是加速，相反是加速。
現在既然相同，則是加速運動,速度必定增大

3、
錯。
加速度與速度無必然聯系。
當你把一個物體拋向空中的時候，當物體達到最高點。速度為0，但是此時它的加速度還一樣是重力G.

4、
錯。
根據公式a=△v/t， 這里"速度變化量"指的是△v, △v大,a不一定大，還得看t的情況。
正確應說成"速度變化越快，加速度越大。"

E. 高一物理加速度。

第一問，從同一點出發的追擊問題的關鍵就是，追上時，經過的時間和走的位移都是一樣的，那麼客車的位移S1=½at²（初速度為0）,貨車的位移S2=Vt，那麼S1=S2，得到式子½at²=Vt，可以解出追上的時間t，帶入S1=½at²，可以解出S1。
第二問，兩車的最大距離是在客車速度加到10的時候（因為之前，客車速度一直小於貨車，所以距離越拉越大，當客車速度>10以後，距離開始不斷縮小。）那麼距離最大時的時間是,利用公式Vt=Vo+at1(Vo=0),解出t1,那麼最大位移就是貨車在t1時間內走的距離
S3-
客車在t1時間內走的距離S4,S3-S4=Vt1-½at1²

F. 高中必修一物理第一章怎樣描述速度變化的快慢課件

高一物理《速度變化快慢的描述-加速度》典型案例解析
[例1]下列說法中正確的是 [ ]
A.物體運動的速度越大，加速度也一定越大
B.物體的加速度越大，它的速度一定越大
C.加速度就是「加出來的速度」
D.加速度反映速度變化的快慢，與速度無關
[分析] 物體運動的速度很大，若速度的變化很小或保持不變（勻速運動），其加速度不一定大（勻速運動中的加速度等於零）.
物體的加速度大，表示速度變化得快，即單位時間內速度變化量大，但速度的數值未必大.比如嬰兒，單位時間（比如3個月）身長的變化量大，但絕對身高並不高。
「加出來的速度」是指vt-v0（或△v），其單位還是m/s.加速度是「加出來的速度」與發生這段變化時間的比值，可以理解為「數值上等於每秒內加出來的速度」.
加速度的表達式中有速度v0、v1，但加速度卻與速度完全無關——速度很大時，加速度可以很小甚至為零；速度很小時，加速度也可以很大；速度方向向東，加速度的方向可以向西.
[答] D.
[說明] 要注意分清速度、速度變化的大小、速度變化的快慢三者不同的含義，可以跟小孩的身高、身高的變化量、身高變化的快慢作一類比.
[例2]物體作勻加速直線運動，已知加速度為2m/s2，那麼在任意1s內 [ ]
A.物體的末速度一定等於初速度的2倍
B.物體的未速度一定比初速度大2m/s
C.物體的初速度一定比前1s內的末速度大2m/s
D.物體的末速度一定比前1s內的初速度大2m/s
[分析]在勻加速直線運動中，加速度為2m/s2，表示每秒內速度變化（增加）2m/s，即末速度比初速度大2m/s，並不表示末速度一定是初速度的2倍.
在任意1s內，物體的初速度就是前1s的末速度，而其末速度相對於前1s的初速度已經過2s，當a=2m/s2時，應為4m/s.
[答]B.
[說明]研究物體的運動時，必須分清時間、時刻、幾秒內、第幾秒內、某秒初、某秒末等概念.如圖所示（以物體開始運動時記為t=0）。
[例3] 計算下列物體的加速度：
（1）一輛汽車從車站出發作勻加速運動，經10s速度達到108km/h.
（2）高速列車過橋後沿平直鐵路勻加速行駛，經3min速度從54km/h提高到180km/h.
（3）沿光滑水平地面以10m/s運動的小球，撞牆後以原速大小反彈，與牆壁接觸時間為0.2s.
[分析] 由題中已知條件，統一單位、規定正方向後，根據加速度公式，即可算出加速度.
[解] 規定以初速方向為正方向，則
對汽車v0=0，vt=108km/h=30m/s，t=10s，
對列車v0=54km/h=15m/s，vt=180km/h=50m/s，t=3min=180s.
對小球v0=10m/s，vt= -10m/s，t= 0.2s，
[說明] 由題中可以看出，運動速度大、速度變化量大，其加速度都不一定大，尤需注意，
不能認為，必須考慮速度的方向性.計算結果a3= -100m/s2，表示小球在撞牆過程中的加速度方向與初速方向相反，是沿著牆面向外的，所以使小球先減速至零，然後再加速反彈出去.速度和加速度都是矢量，在一維運動中（即沿直線運動），當規定正方向後，可以轉化為用正、負表示的代數量.
應該注意：
物體的運動是客觀的，正方向的規定是人為的.只有相對於規定的正方向，速度與加速度的正、負才有意義.。速度與加速度的量值才真正反映了運動的快慢與速度變化的快慢.所以，vA= -5m/s，vB= -2m/s，應該是物體A運動得快；同理，aA= -5m/s2，aB= -2m/s2，也應該是物體A的速度變化得快（即每經過1s速度減少得多），不能按數學意義認為vA比vB小，aA比aB小.
[例4]一個做勻變速直線運動的物體連續通過兩段長s的位移所用時間分別為t1、t2，則該物體的加速度為多少?
[分析] 根據勻變速運動的物體在某段時間內的平均速度等於中點時刻瞬時速度的關系，結合加速度的定義.即可算出加速度.
[解]物體在這兩段位移的平均速度分別為

它們分別等於通過這兩段位移所用的時間中點的瞬時速度.由於兩個時間
中點的間隔為，根據加速度的定義
可知：
[說明]由計算結果的表達式可知：當t1＞t2時，a＞0，表示物體作勻加速運動，通過相等位移所用時間越來越短；當t1＜t2時，a＜0，表示物體作勻減速運動，通過相等位移所用時間越來越長.
[例5]圖1表示一個質點運動的v－t圖，試求出該質點在3s末、5s末和8s末的速度.
[分析]利用v-t圖求速度有兩種方法：（1）直接從圖上找出所求時刻對應的縱坐標，即得對應的速度值，再根據速度的正負可知此刻的方向；（2）根據圖線求出加速度，利用速度公式算出所求時刻的速度.下面用計演算法求解。
[解]質點的運動分為三個階段：
AB段（0～4s）質點作初速v0=6m/s的勻加速運動，由4s內的速度變化得加速度：
所以3s末的速度為：
v3=v0＋at=6m/s＋（1.5×3）m/s=10.5m/s
方向與初速相同.
BC段（4～6s）質點以4s末的速度（v4=12m/s）作勻速直線運動，所以5s末的速度：
v5=12m/s
方向與初速相同.
CD段（6～12s）質點以 6s末的速度（即勻速運動的速度）為初速作勻減速運動.由6s內的速度變化得加速度：
因所求的8s末是減速運動開始後經時間t'=2s的時刻，所以8s末的速度為：
其方向也與初速相同.
[說明] 勻變速運動速度公式的普遍表達式是：
vt=v0+at
使用中應注意不同運動階段的初速和對應的時間.在勻減速運動中，寫成vt=v0-at後，加速度a只需取絕對值代入.
速度圖象的斜率反映了勻變速直線運動的加速度.如圖所示，其斜率
式中夾角α從t軸起以逆時針轉向為正，順時針轉向為負.如圖3中與圖線1，2對應的質點作勻加速運動，與圖線3對應的質點作勻減速運動.圖線越陡，表示加速度越大，故a1＞a2.
[例6] 一個質點作初速為零的勻加速運動，試求它在1s，2s，3s，…內的位移s1，s2，s3，…之比和在第1s，第2s，第3s，…內的位移sⅠ，sⅡ，sⅢ，…之比各為多少？
[分析]初速為零的勻加速運動的位移公式為：
其位移與時間的平方成正比，因此，經相同時間通過的位移越來越大.
[解] 由初速為零的勻加速運動的位移公式得：

…
∴ sⅠ∶sⅡ∶sⅢ=1∶3∶5…
[說明]這兩個比例關系，是初速為零的勻加速運動位移的重要特徵，更一般的情況可表示為：在初速為零的勻加速運動中，從t=0開始，在1段、2段、3段……時間內的位移之比等於12∶22∶32… ；在第1段、第2段、第3段……時間內的位移之比等於從1開始的連續奇數比，即等於1∶3∶5…（圖1））.
2.利用速度圖線很容易找出例6中的位移之比.如圖2所示，從t=0開始，在t軸上取相等的時間間隔，並從等分點作平行於速度圖線的斜線，把圖線下方的面積分成許多相同的小三角形.於是，立即可得：從t=0起，在t、2t、3t、…內位移之比為
s1∶s2∶s3…=1∶4∶9…
在第1個t、第2個t、第3個t、…內位移之比為
sⅠ∶sⅡ∶sⅢ∶…=1∶3∶5∶…
[例7] 一輛沿平直路面行駛的汽車，速度為36km/h.剎車後獲得加速度的大小是4m/s2，求：
（1）剎車後3s末的速度；
（2）從開始剎車至停止，滑行一半距離時的速度.
[分析] 汽車剎車後作勻減速滑行，其初速度v0=36km/h=10m/s，vt=0，加速度a=-4m/s2.設剎車後滑行t s停止，滑行距離為S，其運動示意圖如圖所示.
[解]（1）由速度公式vt=v0+at得滑行時間：
即剎車後經2.5s即停止，所以3s末的速度為零.
（2）由位移公式得滑行距離.即
m
設滑行一半距離至B點時的速度為vB，由推論

[說明]（1）不能直接把t=3 s代入速度公式計算速度，因為實際滑行時間只有2.5s.凡剎車滑行一類問題，必須先確定實際的滑行時間（或位移）；（2）滑行一半距離時的速度不等於滑行過程中的平均速度.

G. 高一物理（加速度、位移）

設加速度為a，據x=v0t+1/2*a*t^2
前6s的位移為x6=12*6+1/2*a*36=72+18a，
前5s的位移為x5=12*5+1/2*a*25=60+12.5a，
前4s的位移為x4=12*4+1/2*a*16=48+8a，
第6s的位移為x6-x5=12+5.5a，
第5s的位移為x5-x4=12+4.5a，
據題意，第6秒內的位移比第5秒內的位移多4m，即a=4m/s^2，
物體5s末的速度是v5=v0+at=12+4*5=32m/s
物體5、6兩秒內的位移是12+5.5a+12+4.5a=64m，
據x=v0t+1/2*a*t^2，物體從初位置到A所用時間t=1s，物體從初位置到B所用時間t'=2s，
所以，物體從14m的A點運動到32m的B點所用的時間是1s。
選AD。

H. 高一物理加速度，

^^s1=a1*t*t/2
v=a1*t
t`內=a1*t/a2
s1=a2*(t-t`)^容2/2-a2*(t`)^2/2
=a2*(t-a1*t/a2)^2/2-a2*(a1*t/a2)^2/2
=a2*(t^2-2a1t^2/a2)/2=a1t^2/2
a2*t^2=3*a1*t^2
a1:a2=1:3

I. 高一物理加速度

(1)24N，水平向左
（2）22.5+4=26.5

因為第一階段的摩擦力水平向右，第二階段的摩擦力水平向左。所以會出現一正一副。即第一階段F+f=ma，第二階段F-f=ma