物理高考題

⑴ 一道物理高考題

之前寫錯了。。。。
A，既然光滑就沒能量損失，而且往復運動振幅和最開始的振幅相關，不和受力大小相關，但是題意應該是運動中減少電量，所以受力越來越小，所以做功一次比一次小，在離開O點的運動中消耗的能量比返回O點獲得的能量要少，再回到O點的過程中得到得動能也變小了，所以速度降低。
B, 電量減小即受力減小，做功也變小了，所以到達O點動能減少，速度減少
C,和簡寫震動類似，也是對的
D，和A相反，所以對的
此題類似簡諧運動

回復力
回復力的定義：振子受迫使它回復平衡位置的力，是合外力平行於速度方向上的分力。
如果用F表示物體受到的回復力，用x表示小球對於平衡位置的位移，根據胡克定律，F和x成正比，它們之間的關系可用下式來表示：
F = - kx
式中的k是彈簧的勁度系數（回復力系數）；負號的意思是：回復力的方向總跟物體位移的方向相反。
[編輯本段]周期與頻率
一般簡諧運動周期：T=2π√（m/k). 其中m為振子質量，k為振動系統的回復力系數。
對於單擺運動，其周期T=2π√（L/g） （π為圓周率 √為根號 ） 由此可推出g=(4π^2×L)/(T^2) 據此可利用實驗求某地的重力加速度。
T與振幅（a<10度）和擺球質量無關。
當偏角a<10度時 sina≈a=弧（軌跡）/L（半徑）≈x/L；F回=-mg/Lx
根據牛頓第二定律，F=ma，運動物體的加速度總跟物體所受的合力的大小成正比，並且跟合力的方向相同。
振幅、周期和頻率
簡諧運動的頻率(或周期)跟振幅沒有關系。
物體的振動頻率本身的性質決定，所以又叫固有頻率。

⑵ 求物理高考原題40道！！！

2008年普通高等學校招生全國統一考試
理科綜合能力測試物理部分（北京卷）

13．下列說法正確的是
A．用分光鏡觀測光譜是利用光折射時的色散現象
B．用X光機透視人體是利用光電效應
C．光導纖維輿信號是利用光的干涉現象
D．門鏡可以擴大視野是利用光的衍射現象
13、A 【解析】用X光機透視人體是利用X光的穿透性；光導纖維傳輸信號是利用光的全反射現象；門鏡可以擴大視野是利用光的折射現象。

14．一個質子和一個中子聚變結合成一個氘核，同時輻射一個光子。已知質子、中子、氘核的質量分別為m1、m2、m3,普朗克常量為h,真空中的光速為c。下列說法正確的是
A．核反應方程是H+nH+γ
B．聚變反應中的質量虧損1+m2-m1
C．輻射出的γ光子的能量E=(m3-m1-m2)c
D．γ光子的波長
14、B 【解析】核反應方程是H+nH+；輻射出的光子的能量E=(1+m2-m3)c2；光子的波長。
15．假如全世界60億人同時數1 g水的分子個數，每人每小時可以數5000個，不間斷地數，則完成任務所需時間最接近(阿伏加德羅常數NA取6×1023 mol－1)
A．10年 B．1千年 C．10萬年 D．1千萬年
15、C 【解析】1 g水的分子個數個，則完成任務所需時間t = =6×1018小時，約為1000年。

16．在介質中有一沿水平方向傳播的簡諧橫波。一頂點由平衡位置豎直向上運動，經0.1
s到達最大位移處．在這段時間內波傳播了0.5 m。則這列波
A．周期是0.2 s B．波長是0.5 m
C．波速是2 m/s D．經1.6 s傳播了8 m
16、D 【解析】周期是0.4 s；波長是2m；波速是5m/s。
17．據媒體報道,嫦娥一號衛星環月工作軌道為圓軌道,軌道高度200 km,運用周期127分鍾。若還知道引力常量和月球平均半徑,僅利用以上條件不能求出的是
A．月球表面的重力加速度 B．月球對衛星的吸引力
C．衛星繞月球運行的速度 D．衛星繞月運行的加速度
17、B 【解析】因為不知道衛星的質量，所以不能求出月球對衛星的吸引力。

18．一理想變壓器原、副線圈匝數比n1:n2=11:5。原線圈與正弦交變電源連接，輸入電壓u如圖所示。副線圈僅接入一個10
的電阻。則

A．流過電阻的電流是20 A
B．與電阻並聯的電壓表的示數是100V
C．經過1分鍾電阻發出的熱量是6×103 J
D．變壓器的輸入功率是1×103W
18、D 【解析】原線圈中電壓的有效值是220V，由變壓比知副線圈中電壓為100V，流過電阻的電流是10A；與電阻並聯的電壓表的示數是100V；經過1分鍾電阻發出的熱量是6×1034J。

19．在如圖所示的空間中，存在場強為E的勻強電場，同時存在沿x軸負方向，磁感應強度為B的勻強磁場。一質子(電荷量為e)在該空間恰沿y軸正方向以速度v勻速運動。據此可以判斷出
A．質子所受電場力大小等於eE，運動中電勢能減小，沿著z軸方向電勢升高
B．質子所受電場力大小等於eE，運動中電勢能增大，沿著z軸方向電勢降低
C．質子所受電場力大小等於evB，運動中電勢能不變，沿著z軸方向電勢升高
D．質子所受電場力大小等於evB，運動中電勢能不變，沿著z軸方向電勢降低
19、C 【解析】質子所受電場力與洛倫茲力平衡，大小等於evB,運動中電勢能不變;電場線沿z軸負方向，沿z軸正方向電勢升高。

20．有一些問題你可能不會求解，但是你仍有可能對這些問題的解是否合力進行分析和判斷。例如從解的物理量的單位，解隨某些已知量變化的趨勢，解在一定特殊條件下的結果等方面進行分析，並與預期結果、實驗結論等進行比較，從而判斷解的合理性或正確性。
舉例如下：如圖所示，質量為M、傾角為θ的滑塊A放於水平地面上。把質量為m的滑塊B放在A的斜面上。忽略一切摩擦，有人求得B相對地面的加速度a = gsinθ，式中g為重力加速度。
對於上述解，某同學首先分析了等號右側量的單位，沒發現問題。他進一步利用特殊條件對該解做了如下四項分析和判斷，所得結論都是「解可能是對的」。但是，其中有一項是錯誤的。請你指出該項。
A．當時，該解給出a=0，這符合常識，說明該解可能是對的
B．當＝90時，該解給出a=g,這符合實驗結論，說明該解可能是對的
C．當M≥m時，該解給出a=gsinθ，這符合預期的結果，說明該解可能是對的
D．當m≥M時，該解給出a= ，這符合預期的結果，說明該解可能是對的
20、D 【解析】當mM時，該解給出a=,這與實際不符，說明該解可能是錯誤的。

21．（8分）
（1）用示波器觀察某交流信號時，在顯示屏上顯示出一個完整的波形，如圖。經下列四組操作之一，使該信號顯示出兩個完整的波形，且波形幅度增大。此組操作是 。（填選項前的字母）
A．調整X增益旋鈕和豎直位移旋鈕
B．調整X增益旋鈕和掃描微調旋鈕
C．調整掃描微調旋鈕和Y增益旋鈕
D．調整水平位移旋鈕和Y增益旋鈕
（2）某同學和你一起探究彈力和彈簧伸長的關系，並測彈簧的勁度系數k。做法是先將待測彈簧的一端固定在鐵架台上，然後將最小刻度是毫米的刻度尺豎直放在彈簧一側，並使彈簧另一端的指針恰好落在刻度尺上。當彈簧自然下垂時，指針指示的刻度數值記作L0，彈簧下端掛一個50g的砝碼時，指針指示的刻度數值記作L1;彈簧下端掛兩個50g的砝碼時，指針指示的刻度數值記作L2;……;掛七個50g的砝碼時，指針指示的刻度數值記作L2。
①下表記錄的是該同學已測出的6個值，其中有兩個數值在記錄時有誤，它們的代表符號分別是 和
．
測量記錄表：
代表符號 L0 L1 L2 L3 L4 L5 L6 L7
刻度數值/cm 1．70 3．40 5．10 8．60 10．3 12．1
②實驗中，L3和L2兩個值還沒有測定，請你根據上圖將這兩個測量值填入記錄表中。
③為充分利用測量數據，該同學將所測得的數值按如下方法逐一求差，分別計算出了三個差值：
。
請你給出第四個差值：dA= ＝ cm。
④根據以上差值，可以求出每增加50g砝碼的彈簧平均伸長量。用d1、d2、d3、d4
表示的式子為：＝
，
代入數據解得＝ cm。
⑤計算彈簧的勁度系數k＝ N/m。（g取9．8m/s2）
21、（1）C 【解析】調整掃描微調旋鈕，使該信號顯示出兩個完整的波形，調整Y增益旋鈕，使波形幅度增大。
（2）①l5 ；l6；②6.85(6.84-6.86) ；14.05(14.04-14.06)；
③l7－l3 ；7.20(7.18-7.22) ；④
【解析】讀數時應估讀一位，所以其中l5 、l6兩個數值在記錄時有誤。
22．（16分）均勻導線製成的單位正方形閉合線框abcd，每邊長為L，總電阻為R，總質量為m。將其置於磁感強度為B的水平勻強磁場上方h處，如圖所示。線框由靜止自由下落，線框平面保持在豎直平面內，且cd邊始終與水平的磁場邊界平行。當cd邊剛進入磁場時，
（1）求線框中產生的感應電動勢大小;
（2）求cd兩點間的電勢差大小;
（3）若此時線框加速度恰好為零，求線框下落的高度h所應滿足的條件。

22、【解析】（1）cd邊剛進入磁場時，線框速度v=
線框中產生的感應電動勢E=BLv＝BL
(2)此時線框中電流 I=
cd兩點間的電勢差U=I()=
(3)安培力 F=BIL=
根據牛頓第二定律mg-F=ma,由a=0
解得下落高度滿足 h=

23．（18分）風能將成為21世紀大規模開發的一種可再生清潔能源。風力發電機是將風能（氣流的功能）轉化為電能的裝置，其主要部件包括風輪機、齒輪箱，發電機等。如圖所示。
（1）利用總電阻的線路向外輸送風力發電機產生的電能。輸送功率，輸電電壓，求異線上損失的功率與輸送功率的比值;
（2）風輪機葉片旋轉所掃過的面積為風力發電機可接受風能的面積。設空氣密度為p，氣流速度為v，風輪機葉片長度為r。求單位時間內流向風輪機的最大風能Pm;
在風速和葉片數確定的情況下，要提高風輪機單位時間接受的風能，簡述可採取的措施。
（3）已知風力發電機的輸出電功率P與Pm成正比。某風力發電機的風速v19m/s時能夠輸出電功率P1=540kW。我國某地區風速不低於v2=6m/s的時間每年約為5000小時，試估算這台風力發電機在該地區的最小年發電量是多少千瓦時。
23、【解析】（1）導線上損失的功率為P=I2R=(
損失的功率與輸送功率的比值
（2）(2)風垂直流向風輪機時，提供的風能功率最大.
單位時間內垂直流向葉片旋轉面積的氣體質量為pvS,S=r2
風能的最大功率可表示為
P風=
採取措施合理，如增加風輪機葉片長度，安裝調向裝置保持風輪機正面迎風等。
（3）按題意，風力發電機的輸出功率為P2=kW=160 kW
最小年發電量約為W=P2t=160×5000 kW·h=8×105kW·h

24．（20分）有兩個完全相同的小滑塊A和B，A沿光滑水平面以速度v0與靜止在平面邊緣O點的B發生正碰，碰撞中無機械能損失。碰後B運動的軌跡為OD曲線，如圖所示。
（1）已知滑塊質量為m,碰撞時間為，求碰撞過程中A對B平均沖力的大小。
（2）為了研究物體從光滑拋物線軌道頂端無初速下滑的運動，特製做一個與B平拋軌道完全相同的光滑軌道，並將該軌道固定在與OD曲線重合的位置，讓A沿該軌道無初速下滑（經分析，A下滑過程中不會脫離軌道）。
a．分析A沿軌道下滑到任意一點的動量pA與B平拋經過該點的動量pB的大小關系;
b．在OD曲線上有一M點，O和M兩點連線與豎直方向的夾角為45°。求A通過M點時的水平分速度和豎直分速度。

24、【解析】（1）滑動A與B正碰，滿足
mvA-mVB=mv0 ①
②
由①②，解得vA=0, vB=v0,
根據動量定理，滑塊B滿足 F·t=mv0
解得
(2)a.設任意點到O點豎直高度差為d.
B由O點分別運動至該點過程中，只有重力做功，所以機械能守恆。
選該任意點為勢能零點，有
EA=mgd,EB= mgd+
由於p=,有
即 PA<PB
A下滑到任意一點的動量總和是小於B平拋經過該點的動量。
b.以O為原點，建立直角坐標系xOy,x軸正方向水平向右，y軸正方向豎直向下，則對B有
x=v0t·y=gt2
B的軌跡方程 y=
在M點x=y，所以 y= ③
因為A、B的運動軌跡均為OD曲線，故在任意一點，兩者速度方向相同。設B水平和豎直分速度大小分別為和，速率為vB；A水平和豎直分速度大小分別為和，速率為vA,則
④
B做平拋運動，故 ⑤
對A由機械能守恆得vA= ⑥
由④⑤⑥得
將③代入得

⑶ 求歷屆高考物理最後一道大題

25.（18分）扭擺器是同步輻射裝置中的插入件，能使粒子的運動軌跡發生扭擺。其簡回化模型如圖Ⅰ、Ⅱ兩處的條形答均強磁場區邊界豎直，相距為L,磁場方向相反且垂直紙面。一質量為m、電量為-q、重力不計的粒子，從靠近平行板電容器MN板處由靜止釋放，極板間電壓為U,粒子經電場加速後平行於紙面射入Ⅰ區，射入時速度與水平和方向夾角

（1）當Ⅰ區寬度L1=L、磁感應強度大小B1=B0時，粒子從Ⅰ區右邊界射出時速度與水平方向夾角也為 ，求B0及粒子在Ⅰ區運動的時間t0
（2）若Ⅱ區寬度L2=L1=L磁感應強度大小B2=B1=B0，求粒子在Ⅰ區的最高點與Ⅱ區的最低點之間的高度差h
（3）若L2=L1=L、B1=B0，為使粒子能返回Ⅰ區，求B2應滿足的條件
（4）若 ，且已保證了粒子能從Ⅱ區右邊界射出。為使粒子從Ⅱ區右邊界射出的方向與從Ⅰ區左邊界射出的方向總相同，求B1、B2、L1、、L2、之間應滿足的關系式。

⑷ 物理高考題～謝謝

A．（選修模塊3—3）（12分）
（1）若一氣泡從湖底上升到湖面的過程中溫度保持不變，則在此過程中關於氣泡中的氣體，
下列說法正確的是 ▲ 。（填寫選項前的字母）
（A）氣體分子間的作用力增大 （B）氣體分子的平均速率增大
（C）氣體分子的平均動能減小 （D）氣體組成的系統地熵增加
（2）若將氣泡內的氣體視為理想氣體，氣泡從湖底上升到湖面的過程中，對外界做了0.6J的功，則此過程中的氣泡 ▲ （填「吸收」或「放出」）的熱量是 ▲ J。氣泡到達湖面後，溫度上升的過程中，又對外界做了0.1J的功，同時吸收了0.3J的熱量，則此過程中，氣泡內氣體內能增加了 ▲ J
（3）已知氣泡內氣體的密度為1.29kg/，平均摩爾質量為0.29kg/mol。阿伏加德羅常數
，取氣體分子的平均直徑為，若氣泡內的氣體能完全變為液體，請估算液體體積與原來氣體體積的比值。（結果保留以為有效數字）

2009年普通高等學校招生全國統一考試（江蘇卷）

⑸ 山東物理高考題

..A是錯來的
沒有壓力的時候是完全自失重~
他還受到空氣阻力
B
箱子所受的空氣阻力與箱子下落速度的平方成正比
f=kV的平方 ②
合外力F= mg - f=ma ①
而在箱子里的東西
ma = mg- N ③
連立1和2 3
可以看到 合外力在減少
那麼支持力在增大
所以錯
C對拉 從B那看
D 。。B中說支持力越來越大
當支持力=重力的時候
就勻速了

⑹ 找十題有價值的高考物理考題

有許多根交於A點的光滑硬桿具有不同的傾角和方向。每根光滑硬桿上均套有一個小環，它們的質量不相等。設在t=0時，各小環都由A點從靜止開始分別沿這些光滑硬桿下滑，那麼這些小環下滑速率相同的各點聯結起來是一個

A 球面 B 拋物面 C 水平面 D 不規則曲面

【c 】

⑺ 98年全國高考物理試題最後一題

1.
A與B剛發生第一次碰撞後，A停下不動，B以初速v0向右運動。由於摩擦，B向右作勻減速

運動，而C向右作勻加速運動，兩者速率逐漸接近。設B、C達到相同速度v1時B移動的路程

為s1。設A、B、C質量皆為m，由動量守恆定律，得
mv0=2mv1 ①
由B的功能關系，得
μmgs1=mv0^/2-mv1^/2 ②
由①得 v1=v0/2
代入②式，得 s1=3v0^/（8μg）
根據條件 v0<√(2μgL) ，得
s1<3L/4
而A，B第一次碰撞時，B的右端距離A的右端距離顯然應該是(L/2+L/2)=L，由此可見，在B

、C達到相同速度v1時，B尚未與A發生第二次碰撞，B與C將以同樣的速度v1一起向右勻速

運動一段距離（L-s1）後才會與A發生第二次碰撞。設C的速度從零變到v1的過程中，C的

路程為s2。
由C的功能關系，可得：
μmgs2=mv1^/2
解得 s2=v0^/（8μg）
因此在第一次到第二次碰撞間C的路程為
s=s2+(L-s1)=L-v0^/（4μg）

2.
由上面討論可知，在剛要發生第二次碰撞時，A靜止，B、C的速度均為v1。剛碰撞後，B靜

止，A、C的速度均為v1。由於摩擦，B將加速，C將減速，直至達到相同速度v2。由動量守

恆定律，得
mv1=2mv2
於是有 v2=v1/2=v0/4
因A的速度v1大於B的最終速度v2，所以B在第二次碰撞之後任何時刻的速度都小於A，故第

三次碰撞發生在A的左壁。
設第二次碰撞到B，C共速前之間B走過的路程是s3，兩者所經歷的時間為t3,則根據B的功

能關系：
μmgs3=mv2^/2
s3=v0^/(32μg)
而B的加速度為a=μmg/m=μg
根據勻加速的運動公式：
t3=v2/a=v0/(4μg)
在這段時間內，A是勻速運動的，所以A走過的距離：
S3'=v1*t3=v0^/(8μg)
則A，B之間的相對位移為s3''=s3'-s3=3v0^/(32μg)
仍然由條件v0<√(2μgL),可得出:
s3''<3L/16
此值遠遠小於L，故在第三次碰撞來臨前，B，C的速度已經達到一致
故在第三次碰撞前，A的速度是v1，B,C共有的速度是v3

而這第三次碰撞後，A的速度變為v2，B的速度變為v1，C的速度仍為v2。由於摩擦，B減速

，C加速，直至達到相同速度v3。由動量守恆定律，可得：
mv1+mv2=2mv3
解得 v3=3v0/8
仍需要對B，C共速前B是否就與A第四次相碰進行分析：
設第三次碰撞到B，C共速前之間B走過的路程是s4，兩者所經歷的時間為t4，根據B的功能

關系：
μmgs4=mv1^/2 -mv3^/2
求出s4=7v0^/(128μg)
而B在這段時間的加速度依然是a'=μg
於是可得：
t4=(v1-v3)/a'=v0/(8μg)
這段時間內，A勻速運動走過的距離為：
s4'=v2*t4=v0^/(32μg)
則A，B間的相對位移為s4''=s4-s4'=3v0^/(128μg)
根據條件v0<√(2μgL),得出：
s4''<3L/64
顯然這個值遠遠小於L，故在第四次碰撞之前，B、C的速度已到一致
所以在剛要發生第四次碰撞時，A、B、C的速度分別為
vA=v2=v0/4
vB=vC=v3=3v0/8

⑻ 高考經典物理題

第一個方框，表示的是，從3秒後開始剎車直到卡車停下的位移，初速度v2(=v0+2a*t=24m/s),加速度a2=-2a=-4m/s^2,末速度零：0-(v2)^2=2*(a2)*s2,特別需要注意的是，a2是負值，表示加速度與運動方向反向

這樣，你也能理解第二個方框了，在第二個方框中,確如你所想的應該是0-v0^2=2(a1)s;而a1=-a(a=2m/s^2僅僅表示加速度大小)，所以就有...

⑼ 高考物理題型

1 選擇題，2實驗題 3計算題
選擇題著重小章節，例如機械振動機械波，熱學，核物理，天體
實驗題分大小，小的一般為力學實驗，光學實驗，大的一般是電學實驗
計算題3道，第一道大約是牛頓運動學，第二道可能是動量機械能部分，最後一道壓軸題，可能是帶電粒子在電磁場中的運動，電磁感應等

⑽ 一道有爭議的物理高考題

我看不到圖，你最好應該把圖發上來
這涉及到洛倫茲力方向的問題
如果洛倫茲力垂直斜面向下的話，並且速度比較小，動摩擦因數比較大的話
會在下降的途中速度變為零
就會靜止在斜面上，這是我的理解
不知道會不會對你有幫助。